2019版高考物理二輪復習 高考仿真模擬練（一）.doc
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高考仿真模擬練(一) (時間：60分鐘 滿分110分) 一、選擇題(共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14～18題只有一項符合題目要求，第19～21題有多項符合題目要求。全選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。) 14.在物理學的探索和發(fā)展過程中，科學家們運用了許多研究方法，以下和探究動能定理時計算橡皮筋的拉力做功的方法相似的是( ) A.在不需要考慮帶電體本身的大小和形狀時，用點電荷來代替帶電體 B.牛頓曾設想在水平地面上一定高度處把一個物體平拋出去，速度達到一定程度物體可繞地球轉圈 C.在探究加速度、力和質量三者之間的關系時，先保持質量不變，研究加速度與力的關系，再保持力不變，研究加速度與質量的關系 D.用一個和帶電小球完全相同的不帶電小球接觸帶電小球，電荷量平均分配 解析 探究動能定理計算橡皮筋的拉力做功時，用到了倍增法。選項D用一個和帶電小球完全相同的不帶電小球接觸帶電小球，電荷量平均分配用到了倍分法，選項A所述用到了理想化模型法，選項B所述是對實驗進行合理化推理，選項C所述用到了控制變量法。 答案 D 15.如圖1所示是一理想變壓器的電路連接圖，變壓器原線圈兩端的恒定交流電壓為U1，副線圈所在電路中有一個定值電阻和一個滑動變阻器，各電表均是理想電表，開關S閉合，則下列關于各電表示數(shù)的說法正確的是( ) 圖1 A.滑片P上滑時，A1的示數(shù)變大，A2的示數(shù)變大，V的示數(shù)變大 B.滑片P上滑時，A1的示數(shù)變大，A2的示數(shù)變大，V的示數(shù)變小 C.斷開開關S，A1的示數(shù)變大，A2的示數(shù)變大，V的示數(shù)變大 D.斷開開關S，A1的示數(shù)變小，A2的示數(shù)變小，V的示數(shù)不變 解析 開關S閉合，滑動變阻器的滑片P上滑時，接入電路中的電阻變大，可知電路中的總電阻變大，由于U1恒定不變，則電壓表V的示數(shù)不變，可知電流表A2的示數(shù)變小，則電流表A1的示數(shù)也變小，選項A、B錯誤；開關S斷開時，電路中的電阻變大，結合上述分析可知，電流表A1的示數(shù)變小，電流表A2的示數(shù)變小，電壓表V的示數(shù)不變，選項C錯誤，D正確。 答案 D 16.如圖2所示，沿平直公路行駛的小車內有一傾角為θ的粗糙固定斜面，上面放一物塊，當小車以g的加速度向右減速運動時，物塊與斜面始終保持相對靜止，若物塊受到的摩擦力等于支持力的，且摩擦力方向沿斜面向上，則斜面的傾角θ為( ) 圖2 A.37 B.53 C.30 D.60 解析 受力如圖所示 豎直方向上滿足：FNcos θ＋fsin θ＝mg 水平方向上滿足：FNsin θ－fcos θ＝ma 將a＝g，f＝FN代入 解得θ＝53。 答案 B 17.天王星的衛(wèi)星，“泰坦尼亞”和“歐貝隆”是威廉赫歇耳在1787年3月13日發(fā)現(xiàn)的。假設“泰坦尼亞”和“歐貝隆”兩衛(wèi)星環(huán)繞天王星的軌道為圓形軌道，兩衛(wèi)星運動周期的比值已知，由以上條件可以求出( ) A.“泰坦尼亞”和“歐貝隆”環(huán)繞天王星做圓周運動的線速度的比值 B.“泰坦尼亞”和“歐貝隆”受到天王星的萬有引力的比值 C.“泰坦尼亞”和“歐貝隆”表面的重力加速度的比值 D.“泰坦尼亞”和“歐貝隆”的第一宇宙速度的比值 解析 衛(wèi)星環(huán)繞天王星做勻速圓周運動時，由萬有引力提供向心力，則有G＝mr＝m，因為知道兩衛(wèi)星運動周期的比值，可求得兩衛(wèi)星運動的軌道半徑之比＝，又根據(jù)＝，即可求得兩衛(wèi)星線速度的比值，故選項A正確；因為不知道兩衛(wèi)星的質量之比，所以無法求出兩衛(wèi)星受到的萬有引力的比值，也無法求出兩衛(wèi)星表面的重力加速度的比值及兩衛(wèi)星的第一宇宙速度的比值，故選項B、C、D錯誤。 答案 A 18.如圖3所示，質量為m的足球靜止在地面1的位置，被踢出后落到地面3的位置。在空中達到的最高點2的高度為h，速度為v。已知重力加速度為g。下列說法正確的是( ) 圖3 A.運動員對足球做的功為mgh＋mv2 B.足球落到3位置時的動能一定為mgh C.足球剛離開1位置時的動能大于mgh＋mv2 D.足球在2位置時的機械能等于其在3位置時的動能 解析 由題圖可知，足球在1、2之間的水平間距大于2、3之間的水平間距，因此足球在水平方向做減速運動，即足球受空氣阻力的作用。對足球由1到2的過程中，由動能定理得W人－mgh－Wf＝mv2，整理得W人＝mgh＋Wf＋mv2，顯然運動員對足球做的功大于mgh＋mv2，由功能關系可知，足球剛離開1位置時的動能大于mgh＋mv2，選項A錯誤，C正確；對足球由2到3的過程中，由動能定理得mgh－Wf′＝Ek－mv2，解得Ek＝mgh＋mv2－Wf′，選項B、D錯誤。 答案 C 19.核泄漏中的钚(Pu)是一種具有放射性的超鈾元素，它可破壞細胞基因，提高罹患癌癥的風險。已知钚的一種同位素Pu的半衰期為24 100年，其衰變方程為Pu→X＋He＋γ，下列說法中正確的是( ) A.X原子核中含有143個中子 B.100個Pu經過24 100年后一定還剩余50個 C.由于衰變時釋放巨大能量，根據(jù)E＝mc2，衰變過程總質量增加 D.衰變發(fā)出的γ射線是波長很短的光子，具有很強的穿透能力 解析 根據(jù)核反應過程中質量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可得，X原子核中含有92個質子，235個核子，則中子數(shù)為235－92＝143(個)，選項A正確；半衰期是大量原子核衰變時的統(tǒng)計規(guī)律，100個Pu經過24 100年后不一定還剩余50個，選項B錯誤；由于衰變時釋放巨大能量，衰變過程總質量減少，選項C錯誤；衰變發(fā)出的γ射線是波長很短的光子，具有很強的穿透能力，選項D正確。 答案 AD 20.如圖4所示，在足夠長的水平線上方有方向垂直紙面向里的范圍足夠大的勻強磁場區(qū)域，一帶負電的粒子P從a點沿θ＝45方向以初速度v垂直磁場方向射入磁場中，經時間t從b點射出磁場。不計粒子重力，下列說法正確的是( ) 圖4 A.粒子射出磁場時與水平線的夾角為θ B.若P的初速度增大為2v，粒子射出磁場時與水平線的夾角為2θ C.若P的初速度增大為2v，則經時間t射出磁場 D.若磁場方向垂直紙面向外，粒子P還是從a點沿θ＝45方向以初速度v垂直磁場方向射入磁場中，則經時間3t射出磁場 解析 無論P的速度多大，只要P沿與水平線成θ角垂直磁場方向射入勻強磁場中，P射出磁場時方向與水平線夾角仍然為θ，選項A正確，B錯誤；根據(jù)帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的周期公式T＝，可知周期與速度、軌跡半徑無關，可知若P的初速度增大為2v，則仍然經時間t射出磁場，選項C正確；根據(jù)左手定則，題圖中帶負電粒子在勻強磁場中沿順時針方向運動，運動的軌跡為圓周，其運動時間為t＝；若磁場方向垂直紙面向外，粒子P還是從a點沿θ＝45方向以初速度v垂直磁場方向射入磁場中，根據(jù)左手定則，帶負電粒子在勻強磁場中沿逆時針方向運動，運動的軌跡為圓周，其運動時間為t′＝＝3t，即經過時間3t射出磁場，選項D正確。 答案 ACD 21.如圖5所示，在豎直平面內，正方形ABCD區(qū)域內有平行于AB邊的勻強電場，E、F、H是對應邊的中點，P點是EH的中點。一個帶負電的粒子(不計重力)從F點沿FH方向射入電場后恰好從C點射出。以下說法正確的是( ) 圖5 A.勻強電場中B點的電勢比D點低 B.粒子的運動軌跡經過PE之間某點 C.若將粒子的初速度變?yōu)樵瓉淼囊话耄Ｗ忧『糜蒃點從BC邊射出 D.若增大粒子的初速度可使粒子垂直穿過EH 解析 帶負電的粒子向下偏轉，因此電場強度應豎直向上，B點的電勢應高于D點，選項A錯誤；粒子做類平拋運動，過C點作速度的反向延長線過FH的中點，也必過P點，因此運動軌跡應該過PE之間的某點，選項B正確；粒子的初速度減小到原來的一半，將從BC邊出射，由類平拋運動的規(guī)律，y方向位移相等，則運動時間相同，水平位移將變?yōu)樵瓉淼囊话?，因此從E點射出，選項C正確；從C點射出的粒子，速度的反向延長線過FH的中點O，OC垂直于EH；增大粒子速度，粒子從HC邊射出，速度與水平方向的夾角必然減小，其速度的反向延長線必定不可能再垂直于EH，因此粒子在經過EH邊時也不可能垂直于EH，選項D錯誤。 答案 BC 二、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分。第22～25題為必考題，每個試題考生都必須做答。第33～34題為選考題，考生根據(jù)要求做答。) (一)必考題(共47分) 22.(6分)某物理興趣小組利用電子秤探究小球在豎直面內的圓周運動，他們到物理實驗室取來電子秤、鐵架臺、長度為L的輕質細線和小球等。 圖6 (1)將鐵架臺放在電子秤上，其讀數(shù)為M；撤去鐵架臺將小球放在電子秤上，其讀數(shù)為m。 (2)組裝好實驗裝置如圖6所示。保持細線自然伸長，將小球拉起至使細線處于水平位置，此時電子秤讀數(shù)為________[填寫“M＋m”、“M”、“大于(M＋m)”或“處于M和(M＋m)之間”]。 (3)從釋放小球至小球向下運動到最低點過程，電子秤讀數(shù)____________。(填“逐漸增大”、“逐漸減小”或“保持不變”) (4)忽略空氣阻力，當小球運動到最低點時，細線的拉力為________；電子秤的讀數(shù)為________。(已知重力加速度為g) 解析 (2)將小球拉起至使細線處于水平位置時，電子秤讀數(shù)為鐵架臺的質量M。 (3)從釋放小球到小球向下運動至最低點過程，細線中拉力逐漸增大，電子秤讀數(shù)逐漸增大。 (4)小球向下運動到最低點的過程，由機械能守恒定律有mgL＝mv2，當小球運動到最低點時，設細線中拉力為F，對小球，由牛頓第二定律有F－mg＝m，聯(lián)立解得F＝3mg；對鐵架臺受力分析，設電子秤對鐵架臺的支持力為FN，由平衡條件得FN＝Mg＋F，電子秤的讀數(shù)為＝M＋3m。 答案 (2)M(1分) (3)逐漸增大(1分) (4)3mg(2分) M＋3m(2分) 23.(9分)在測定金屬電阻率的實驗中，所用金屬電阻絲的電阻約為30 Ω?，F(xiàn)通過以下實驗測量該電阻絲的電阻率。 (1)用螺旋測微器測出電阻絲的直徑為d。 (2)實驗中能提供的器材有開關、若干導線及下列器材： 電壓表V1(量程為0～3 V，內阻約為3 kΩ) 電壓表V2(量程為0～15 V，內阻約為15 kΩ) 電流表A1(量程為0～100 mA，內阻約為5 Ω) 電流表A2(量程為0～0.6 A，內阻約為0.1 Ω) 滑動變阻器R1(0～5 Ω) 滑動變阻器R2(0～1 kΩ) 電源(電動勢為4.5 V，內阻不計) 為了便于調節(jié)電路并能較準確地測出電阻絲的阻值，電流表應選________，滑動變阻器應選________。 (3)如圖7甲所示，將電阻絲拉直后，將其兩端分別固定在刻度尺兩端的接線柱a和b上，刻度尺的中間有一個可沿電阻絲滑動的觸頭，觸頭的另一端為接線柱c，當用手按下觸頭時，觸頭才與電阻絲接觸，觸頭的位置可在刻度尺上讀出。實驗中改變觸頭與電阻絲接觸的位置并移動滑動變阻器的滑片，使電流表示數(shù)I保持不變，分別測量出多組接入電路中電阻絲的長度L與對應的電壓表的示數(shù)U。請在圖甲中完成實驗電路的連接，部分已連好的線不能改動。(要求：能改變接入電路中的電阻線的長度和能進行多次測量) 圖7 (4)利用測量數(shù)據(jù)畫出U－L圖線，如圖乙所示，其中(L0，U0)是U－L圖線上的一個點的坐標。根據(jù)U－L圖線，用電阻絲的直徑d、電流I和坐標(L0，U0)計算出電阻絲的電阻率ρ＝________。 解析 (2)由于電源電動勢為4.5 V，所以電壓表應選V1。采用分壓式接法，滑動變阻器選R1。通過調節(jié)滑動變阻器能使電阻絲所在支路的電流從零開始變化，電壓在0～3 V范圍內變化，由于電表的最佳使用范圍為量程的到之間，電流表A2的最佳使用范圍為0.2～0.4 A，此時金屬絲接入電路的阻值范圍為2.5～10 Ω；電流表A1的最佳使用范圍約為33～67 mA，此時金屬絲接入電路的阻值范圍為15～30 Ω，故依題意要求電流表應選A1。 (3)由Rx滿足R
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