《京津瓊2019高考物理總復(fù)習(xí)專用優(yōu)編提分練：選擇題專練三.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《京津瓊2019高考物理總復(fù)習(xí)專用優(yōu)編提分練：選擇題專練三.doc（5頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

選擇題專練(三) 1．一個氡核Rn衰變成釙核Po，其核反應(yīng)方程為Rn→Po＋X，氡核的半衰期為3.8天．下列說法正確的是(　　) A．方程式中的X是氚核 B．該核反應(yīng)前后的質(zhì)量數(shù)和質(zhì)量都守恒 C．釙核Po的比結(jié)合能大于氡核Rn的比結(jié)合能 D．十個氡核Rn經(jīng)過3.8天一定還剩五個氡核Rn 答案　C 解析　方程式中的X質(zhì)量數(shù)為4，電荷數(shù)為2，是氦核，選項A錯誤；該核反應(yīng)前后的質(zhì)量數(shù)守恒，因伴隨能量產(chǎn)生，故有質(zhì)量虧損，選項B錯誤；因釙核Po比氡核Rn更穩(wěn)定，故釙核Po比結(jié)合能大于氡核Rn的比結(jié)合能，選項C正確；半衰期是大量原子核衰變的統(tǒng)計規(guī)律，對少量的原子核衰變不適用，故選項D錯誤． 2．如圖1所示，一勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧的一端與物塊相連，另一端固定在固定斜面體頂端，彈簧與斜面平行．當(dāng)物塊位于斜面上A、B兩點時，物塊恰能靜止在斜面上．當(dāng)物塊在A處時，彈簧處于拉伸狀態(tài)且長度為L1，當(dāng)物塊在B處時，彈簧處于壓縮狀態(tài)且長度為L2，已知物塊與斜面間的滑動摩擦力等于最大靜摩擦力．由以上信息可以求出(　　) 圖1 A．物塊與斜面間的動摩擦因數(shù) B．物塊與斜面間的最大靜摩擦力 C．彈簧的原長 D．物塊沿斜面方向的重力的分量 答案　B 解析　當(dāng)物塊在A處時，k(L1－L0)＝mgsin θ＋Ffm， 當(dāng)物塊在B處時，k(L0－L2)＋mgsin θ＝Ffm， 兩式相加得：Ffm＝， 即可以求出物塊與斜面間的最大靜摩擦力，故B正確，A、C、D錯誤． 3．法拉第電動機(jī)的改裝電路如圖2甲所示，在圓形水銀槽中心豎直固定著一條形磁鐵，S極向上，一根金屬桿斜插在水銀中，金屬桿的上端與固定在水銀槽圓心正上方的鉸鏈相連．在電路中A、B點間接入圖乙所示交流電時，電源、理想二極管、導(dǎo)線、金屬桿、水銀構(gòu)成回路，電路安全且正常工作(不計金屬桿在轉(zhuǎn)動中水銀阻力的影響及水銀電阻的變化)，則從上往下看，金屬桿(　　) 圖2 A．逆時針勻速轉(zhuǎn)動 B．逆時針非勻速轉(zhuǎn)動 C．順時針勻速轉(zhuǎn)動 D．順時針非勻速轉(zhuǎn)動 答案　D 解析　由于二極管單向?qū)щ?，則有向上的電流通過金屬桿，金屬桿處在條形磁鐵的磁場中，受到安培力作用，根據(jù)左手定則得知，安培力方向與金屬桿垂直向外，使金屬桿以條形磁鐵為軸順時針轉(zhuǎn)動，由于電流大小周期性改變，所以安培力大小也改變，故金屬桿非勻速轉(zhuǎn)動，故A、B、C錯誤，D正確． 4．(2018四川省德陽市一診)某位同學(xué)在電梯中用彈簧測力計測量一物體的重力，在0至t3時間段內(nèi)，彈簧測力計的示數(shù)F隨時間t變化如圖3所示，以豎直向上為正方向，則下列關(guān)于物體運(yùn)動的a－t圖、v－t圖及P－t圖(P為物體重力的功率大小)可能正確的是(　　) 圖3 答案　C 解析　由于該題沒有告訴彈簧的拉力與重力大小之間的關(guān)系，可以依題意，分三種情況討論： (1)若F1＝mg，則0～t1時間內(nèi)電梯靜止或做勻速直線運(yùn)動，即速度等于0，或速度保持不變，加速度等于0.四個圖線沒有是可能的； (2)若F2＝mg，則F1＜mg，在0～t1時間內(nèi)電梯受到的合外力的方向向下，加速度的方向向下，為負(fù)值，所以D是不可能的；加速度的方向向下，則物體0～t1時間內(nèi)可能向下做加速運(yùn)動，速度為負(fù)，故A、B是不可能的；而t1～t2時間內(nèi)受到的合外力等于0，物體做勻速直線運(yùn)動，物體的速度不變，故B是不可能的；又由：P＝mgv，可知t1～t2時間內(nèi)重力的功率不變，故C是不可能的； (3)若F3＝mg，則F1＜mg，F(xiàn)2＜mg，在0～t2時間內(nèi)電梯受到的合外力的方向都是向下，加速度的方向向下，故A、B、D是不可能的； F3＝mg，可知在0～t1時間內(nèi)向下的加速度大于t1～t2時間內(nèi)向下的加速度，而t2～t3時間內(nèi)物體做勻速直線運(yùn)動，所以v－t圖象如圖， 速度的方向向下，重力的方向也向下，由P＝mgv可知，圖C是重力的功率隨時間變化的圖線，故C是可能的．由以上的分析，可知只有C選項是可能的，A、B、D都是不可能的． 5．如圖4所示的速度選擇器水平放置，板長為L，兩板間距離也為L，兩板間分布著如圖所示的正交勻強(qiáng)電場與勻強(qiáng)磁場，一帶正電的粒子(不計重力)從兩板左側(cè)中點O處沿圖中虛線水平向右射入速度選擇器，恰好做勻速直線運(yùn)動；若撤去磁場，保留電場，粒子以相同的速度從O點進(jìn)入電場，恰好從上板極右邊緣b點離開場區(qū)；若撤去電場，保留磁場，粒子以相同的速度從O點進(jìn)入磁場，則粒子圓周運(yùn)動的半徑為(　　) 圖4 A．L B．2L C.L D. 答案　A 解析　該粒子恰能勻速通過題圖中虛線，電場力向上，洛倫茲力向下，根據(jù)平衡條件，有：qvB＝qE，解得v＝；撤去磁場，保持電場不變，粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，則L＝vt，L＝t2，解得粒子的比荷＝，撤去電場，保持磁場不變，粒子做勻速圓周運(yùn)動，由qvB＝m，解得r＝＝L，故A正確，B、C、D錯誤． 6．(2018河北省“名校聯(lián)盟”質(zhì)量檢測一)P1、P2為相距遙遠(yuǎn)的兩顆半徑相同的行星，距各自表面相同高度處各有一顆衛(wèi)星s1、s2做勻速圓周運(yùn)動．圖5中縱坐標(biāo)表示行星對周圍空間各處物體的引力產(chǎn)生的加速度a，橫坐標(biāo)表示物體到行星中心的距離r的平方，兩條曲線分別表示P1、P2周圍的a與r2的反比關(guān)系，它們左端點橫坐標(biāo)相同．則(　　) 圖5 A．P1的質(zhì)量一定比P2的大 B．P1的“第一宇宙速度”比P2的大 C．s1的向心力比s2的大 D．s1的公轉(zhuǎn)周期比s2的大 答案　AB 解析　根據(jù)牛頓第二定律，行星對周圍空間各處物體的引力產(chǎn)生的加速度為a＝，兩曲線左端點橫坐標(biāo)相同，即P1、P2的半徑相等，故aP1＝>aP2＝，所以M1>M2，即P1的質(zhì)量大于P2的質(zhì)量，A正確；“第一宇宙速度”v＝，因為P1的質(zhì)量大于P2的質(zhì)量，R相同，所以P1的“第一宇宙速度”比P2的大，B正確；由于不知道兩顆衛(wèi)星的質(zhì)量，所以不能比較兩者向心力的大小，C錯誤；根據(jù)T＝2π，因為P1的質(zhì)量大于P2的質(zhì)量，R、h相同，所以s1的公轉(zhuǎn)周期比s2的公轉(zhuǎn)周期小，D錯誤． 7．如圖6所示，在光滑的水平桌面上，質(zhì)量為m的物塊A以速度v向右運(yùn)動，與靜止在桌面上的質(zhì)量為3m的物塊B發(fā)生正碰，以向右為正方向，碰撞后，物塊A的速度可能為(　　) 圖6 A．－0.8v B．－0.2v C．0.4v D．0.1v 答案　BD 解析　根據(jù)完全彈性碰撞關(guān)系可得 mv＝mvA＋3mvB， mv2＝mvA2＋3mvB2， 解得vA＝v＝－v； 根據(jù)完全非彈性碰撞關(guān)系可得mv＝4mvAB， 解得vA＝vAB＝v，所以－v≤vA≤v. 故B、D正確，A、C錯誤． 8．(2018福建省龍巖市上學(xué)期期末)如圖7所示，在光滑絕緣水平面的P點正上方O點固定了一電荷量為＋Q的正點電荷，在水平面上的N點，由靜止釋放質(zhì)量為m、電荷量為－q的帶電小球，小球經(jīng)過P點時速度為v，圖中θ＝60，則在＋Q形成的電場中(　　) 圖7 A．N點電勢高于P點電勢 B．UPN＝ C．P點電場強(qiáng)度大小是N點的2倍 D．帶電小球從N點到P點的過程中電勢能減少了 答案　BD 解析　根據(jù)順著電場線方向電勢降低可知，N點距離正電荷較遠(yuǎn)，則N點電勢低于P點電勢，故A錯誤．根據(jù)動能定理得：帶電小球從N到P的過程：－qUNP＝mv2，解得UNP＝－，則UPN＝－UNP＝，故B正確．P點電場強(qiáng)度大小是EP＝，N點電場強(qiáng)度大小是EN＝，則EP∶EN＝rN2∶rP2＝4∶1，故C錯誤；帶電小球從N點到P點的過程中，電場力做正功mv2，電勢能減少了mv2，故D正確．