（浙江專用）備戰(zhàn)2019高考物理一輪復(fù)習(xí)選考仿真模擬卷（打包9套）.zip,浙江,專用,備戰(zhàn),2019,高考,物理,一輪,復(fù)習(xí),仿真,模擬,打包 選考仿真模擬卷(八) 考生注意： 1．本試卷分選擇題部分和非選擇題部分，共4頁． 2．答卷前，考生務(wù)必用藍、黑色字跡的鋼筆或圓珠筆將自己的姓名、班級、學(xué)號填寫在相應(yīng)答題紙上． 3．本次考試時間90分鐘，滿分100分． 選擇題部分 一、選擇題Ⅰ(本題共13小題，每小題3分，共39分．每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分) 1．力學(xué)單位N轉(zhuǎn)換成國際基本單位是(　　) A．kg·m/s2 B．kg·m2/s2 C．kg·s/m2 D．s/kg·m2 2．考察下列運動員的比賽成績時，可視為質(zhì)點的是(　　) 3．(2017·臺州市9月選考)某木箱靜止在水平地面上，對地面的壓力大小為200 N，木箱與地面間的動摩擦因數(shù)為μ＝0.45，與地面間的最大靜摩擦力為95 N，小孩分別用80 N、100 N的水平力推木箱，木箱受到的摩擦力大小分別為(　　) A．80 N和90 N B．80 N和100 N C．95 N和90 N D．90 N和100 N 4.如圖1所示，質(zhì)量為10 kg的物體A拴在一個被水平拉伸的彈簧一端，彈簧的拉力為5 N時，物體A處于靜止?fàn)顟B(tài)．若小車以1 m/s2的加速度向右運動，則(　　) 圖1 A．物體A相對小車向右運動 B．物體A受到的摩擦力減小 C．物體A受到的摩擦力大小不變 D．物體A受到的彈簧的拉力增大 5．如圖2所示，質(zhì)量相等的a、b兩物體放在水平圓盤上，到圓心的距離之比是2∶3，圓盤繞圓心做勻速圓周運動，兩物體相對圓盤靜止，a、b兩物體做圓周運動的向心力之比是(　　) 圖2 A．1∶1 B．3∶2 C．2∶3 D．9∶4 6.如圖3所示，a、b、c是在地球大氣層外圓形軌道上運動的3顆衛(wèi)星，下列說法正確的是(　　) 圖3 A．b、c的線速度大小相等，且大于a的線速度 B．b、c的向心加速度大小相等，且大于a的向心加速度 C．c加速可追上同一軌道上的b，b減速可等候同一軌道上的c D．a(chǎn)衛(wèi)星由于某種原因，軌道半徑緩慢減小，其線速度將增大 7．(2018·杭州地區(qū)重點中學(xué)期末)下列說法是某同學(xué)對電學(xué)中相關(guān)概念及公式的理解，其中正確的是(　　) A．根據(jù)電場力做功的計算式W＝qU，一個質(zhì)子在1 V電壓下加速，電場力做功為1 eV B．根據(jù)電容的定義式C＝，電容器的電容與其兩端的電勢差成反比 C．電場強度公式E＝適用于任何電場 D．電場線就是正電荷只在電場力作用下運動的軌跡 8.(2018·諸暨市牌頭中學(xué)期中)如圖4所示，在一點電荷的電場中有三個等勢面，與電場線的交點依次為a、b、c，它們的電勢分別為12φ、8φ和3φ，一帶電粒子從一等勢面上的a點由靜止釋放，粒子僅在電場力作用下沿直線由a點運動到c點，已知粒子經(jīng)過b點時速度為v，則(　　) 圖4 A．粒子一定帶負(fù)電 B．長度ab∶bc＝4∶5 C．粒子經(jīng)過c點時速度為v D．粒子經(jīng)過c點時速度為v 9．(2018·金麗衢十二校聯(lián)考)如圖5是電子射線管示意圖，接通電源后，電子射線由陰極沿x軸正方向射出，在熒光屏上會看到一條亮線．要使熒光屏上的亮線向下(z軸負(fù)方向)偏轉(zhuǎn)，在下列措施中可采用的是(　　) 圖5 A．加一磁場，磁場方向沿z軸負(fù)方向 B．加一磁場，磁場方向沿y軸正方向 C．加一電場，電場方向沿z軸負(fù)方向 D．加一電場，電場方向沿y軸正方向 10．R1和R2是材料相同、厚度相同、上下表面都為正方形的導(dǎo)體，但R1的尺寸比R2大得多，把它們分別連接在如圖6所示電路的A、B端，接R1時理想電壓表的讀數(shù)為U1，接R2時理想電壓表的讀數(shù)為U2，下列判斷正確的是(　　) 圖6 A．R1R2 C．U1m)的滑塊通過不可伸長的輕繩跨過定滑輪連接，輕繩與斜面平行．兩滑塊由靜止釋放后，沿斜面做勻加速運動．若不計滑輪的質(zhì)量和摩擦，在兩滑塊沿斜面運動的過程中(　　) 圖8 A．兩滑塊組成系統(tǒng)的機械能守恒 B．重力對M做的功等于M動能的增加 C．輕繩對m做的功大于m機械能的增加 D．兩滑塊組成系統(tǒng)的機械能損失等于M克服摩擦力做的功 13.如圖9所示，兩平行光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ間距為L，與電動勢為E、內(nèi)阻不計的電源相連，質(zhì)量為m、電阻為R的金屬棒ab垂直于導(dǎo)軌放置構(gòu)成閉合回路，回路平面與水平面的夾角為θ，導(dǎo)軌電阻不計，為使ab棒靜止，需在空間施加一勻強磁場，其磁感應(yīng)強度的最小值及方向分別為(　　) 圖9 A.，水平向右 B.，垂直于回路平面向上 C.，豎直向下 D.，垂直于回路平面向下 二、選擇題Ⅱ(本題共3小題，每小題2分，共6分．每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的．全部選對的得2分，選對但不全的得1分，有選錯的得0分) 14.加試題 如圖10，兩塊同樣的玻璃直角三棱鏡ABC和DEF，∠A＝∠D＝30°，AC面和DF面平行，且A、F、E在一條直線上，兩三棱鏡放在空氣中，一單色細(xì)光束O垂直于AB面入射，若玻璃的折射率n＝，AF間距為d，光線從DE面上的b點(圖上未畫出)射出，則下列說法正確的是(　　) 圖10 A．b點在aE之間 B．a(chǎn)b間距為d C．出射光線方向與入射光線方向平行 D．若減小d，則ab間距減小 15.加試題 (2018·溫州新力量聯(lián)盟期末)一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在t1＝0時波傳播到x軸上的質(zhì)點B，在它左邊的質(zhì)點A恰好位于負(fù)最大位移處，如圖11所示，在t2＝0.6 s時，質(zhì)點A第二次出現(xiàn)在正的最大位移處，則(　　) 圖11 A．該簡諧波的波速等于5 m/s B．質(zhì)點A的振幅比質(zhì)點B的小 C．t2＝0.6 s時，質(zhì)點C通過的路程是20 cm D．當(dāng)質(zhì)點D第一次出現(xiàn)在正最大位移處時，質(zhì)點B恰好在平衡位置且向下運動 16.加試題 新華社記者2016年11月2日從中科院合肥物質(zhì)科學(xué)研究院獲悉，該院等離子體所承擔(dān)的國家大科學(xué)工程“人造太陽”實驗裝置EAST在第11輪物理實驗中再獲重大突破，獲得超過60秒的穩(wěn)態(tài)高約束模等離子體放電．關(guān)于人造太陽的相關(guān)知識，下列判斷正確的是(　　) A．氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，釋放出一定頻率的光子，太陽的能量來自于這個過程 B．要使輕核發(fā)生聚變，必須使它們的距離達到10－15 m以內(nèi)，核力才能起作用，這需要非常高的溫度 C．太陽內(nèi)部大量氫核聚變成氦核，釋放出巨大的能量 D．氘核和氚核可發(fā)生熱核聚變，核反應(yīng)方程是H＋H→He＋n 非選擇題部分 三、非選擇題(本題共7小題，共55分) 17．(5分)某實驗小組用如圖12所示裝置探究加速度與力的關(guān)系． 圖12 (1)關(guān)于該實驗，下列說法正確的是________． A．拉小車的細(xì)線要與木板平行 B．打點計時器要與6 V直流電源連接 C．沙桶和沙的質(zhì)量要遠小于小車和力傳感器的質(zhì)量 D．平衡摩擦力時，紙帶要穿過打點計時器后連在小車上 圖13 (2)圖13中的兩種穿紙帶方法，你認(rèn)為________(選填“左”或“右”)邊的打點效果好． (3)實驗中得到一條如圖14所示的紙帶，圖中相鄰兩計數(shù)點間還有4個點未畫出，打點計時器所用電源的頻率為50 Hz. 圖14 由圖中實驗數(shù)據(jù)可知，打點計時器打下B點時小車的速度vB＝________ m/s，小車的加速度a＝______ m/s2.(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字) (4)某同學(xué)根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出的a－F圖象如圖15所示．該直線不過坐標(biāo)原點的原因可能是________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________. 圖15 18．(5分)(2018·臺州中學(xué)統(tǒng)練)某同學(xué)想通過實驗測定一個定值電阻Rx的阻值． 圖16 (1)該同學(xué)先用多用電表“×10”歐姆擋估測其電阻示數(shù)如圖16，則其阻值為________ Ω； (2)為了較準(zhǔn)確測量該電阻的阻值，現(xiàn)有電源(12 V，內(nèi)阻可不計)、滑動變阻器(0～200 Ω，額定電流1 A)、開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及下列電表： A．電流表(0～100 mA，內(nèi)阻約15.0 Ω) B．電流表(0～500 mA，內(nèi)阻約25.0 Ω) C．電壓表(0～3 V，內(nèi)阻約3 kΩ) D．電壓表(0～15 V，內(nèi)阻約15 kΩ) 為減小測量誤差，在實驗中電流表應(yīng)選用________，電壓表應(yīng)選用________(選填器材前字母)；實驗電路應(yīng)采用圖17中的________(選填“甲”或“乙”)．這樣測量的阻值比真實值________(選填“偏大”或“偏小”)． 圖17 (3)圖18是測量Rx的實驗器材實物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線．請根據(jù)在(2)問中所選的電路圖，補充完成圖中實物間的連線． 圖18 19．(9分)(2018·寧波市期末)如圖19甲所示，水平地面上有一固定的粗糙斜面，傾角為θ＝37°，一質(zhì)量m＝1 kg的滑塊在平行于斜面向上的恒定拉力F作用下從靜止開始沿斜面向上做勻加速直線運動，滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.5.從滑塊由靜止開始運動時計時，在4 s末撤去恒定拉力F，滑塊剛好可以滑到斜面頂端，滑塊在0到4 s內(nèi)的v－t圖象如圖乙所示，求：(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g取10 m/s2) 圖19 (1)滑塊前4 s的加速度大小以及前4 s內(nèi)位移的大?。? (2)拉力F的大??； (3)滑塊經(jīng)過斜面上距斜面頂點0.2 m處所對應(yīng)的時刻？ 20.(12分)(2018·杭州地區(qū)重點中學(xué)期末)如圖20所示，玩具軌道由光滑傾斜軌道AB、粗糙的水平軌道BC、光滑圓軌道及粗糙的足夠長的水平軌道CE構(gòu)成．已知整個玩具軌道固定在豎直平面內(nèi)，AB的傾角為37°，A離地面高度H＝1.45 m，整個軌道水平部分動摩擦因數(shù)均為μ＝0.20，圓軌道的半徑為R＝0.50 m．AB與BC通過一小段圓弧平滑連接．一個質(zhì)量m＝0.50 kg的小球在傾斜導(dǎo)軌頂端A點以v0＝2.0 m/s的速度水平發(fā)射，在落到傾斜導(dǎo)軌上P點(P點在圖中未畫出)時速度立即變成大小vP＝3.4 m/s，方向沿斜面向下，小球經(jīng)過BC，并恰好能經(jīng)過圓的最高點．取g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，空氣阻力不計，求： 圖20 (1)P點離A點的距離； (2)B到C的距離x0的大?。? (3)小球最終停留位置與B的距離． 21.加試題 (4分)有一個教學(xué)用的可拆變壓器，如圖21甲所示，它有兩個外觀基本相同的線圈A、B(內(nèi)部導(dǎo)線電阻率、橫截面積相同)，線圈外部還可以繞線． 圖21 (1)某同學(xué)用一多用電表的同一歐姆擋先后測量了A、B線圈的電阻值，指針分別對應(yīng)圖乙中的a、b位置，由此可推斷________(選填“A”或“B”)線圈的匝數(shù)較多． (2)如果把它看做理想變壓器，現(xiàn)要測量A線圈的匝數(shù)，提供的器材有：一根足夠長的絕緣導(dǎo)線、一只多用電表和低壓交流電源，請完成實驗步驟的填空： ①用絕緣導(dǎo)線在線圈的外部或變壓器的鐵芯上繞制n匝線圈； ②將________(選填“A”或“B”)線圈與低壓交流電源相連接； ③用多用電表的________擋分別測量A線圈的輸入電壓UA和繞制線圈的輸出電壓U. ④則A線圈的匝數(shù)為________． 22.加試題 (10分)如圖22所示，平行光滑且足夠長的金屬導(dǎo)軌ab、cd固定在同一水平面上，處于豎直向上的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度B＝2 T，導(dǎo)軌間距L＝0.5 m．有兩根金屬棒MN、PQ質(zhì)量均為1 kg，電阻均為0.5 Ω，其中PQ靜止于導(dǎo)軌上，MN用兩條輕質(zhì)絕緣細(xì)線懸掛在掛鉤上，細(xì)線長均為h＝0.9 m，當(dāng)細(xì)線豎直時棒剛好與導(dǎo)軌接觸但對導(dǎo)軌無壓力．現(xiàn)將MN向右拉起使細(xì)線與豎直方向夾角為θ＝60°，然后由靜止釋放MN，忽略空氣阻力．發(fā)現(xiàn)MN到達最低點與導(dǎo)軌短暫接觸后繼續(xù)向左上方擺起，PQ在MN短暫接觸導(dǎo)軌的瞬間獲得速度，且在之后1 s時間內(nèi)向左運動的距離s＝1 m．兩根棒與導(dǎo)軌接觸時始終垂直于導(dǎo)軌，不計其余部分電阻，g取10 m/s2.求： 圖22 (1)當(dāng)懸掛MN的細(xì)線到達豎直位罝時，MN、PQ回路中的電流強度大小及MN兩端的電勢差大??； (2)MN與導(dǎo)軌接觸的瞬間流過PQ的電荷量； (3)MN與導(dǎo)軌短暫接觸時回路中產(chǎn)生的焦耳熱． 23.加試題 (10分)(2018·杭州市期末)光電倍增管是用來將光信號轉(zhuǎn)化為電信號并加以放大的裝置，其主要結(jié)構(gòu)為多個相同且平行的倍增極．為簡單起見，現(xiàn)只研究其第1倍增極和第2倍增極，其結(jié)構(gòu)如圖23所示．兩個倍增極平行且長度均為2a，幾何位置如圖所示(圖中長度數(shù)據(jù)已知)．當(dāng)頻率為ν的入射光照射到第1倍增極上表面時，從極板上逸出的光電子最大速率為vm.若加電場或磁場可使從第1倍增極逸出的部分光電子打到第2倍增極上表面，從而激發(fā)出更多的電子，實現(xiàn)信號放大．已知元電荷為e，電子質(zhì)量為m，普朗克常量為h，只考慮電子在紙面內(nèi)的運動，忽略相對論效應(yīng)，不計重力． 圖23 (1)試求制作第1倍增極的金屬材料的逸出功W0. (2)為使更多光電子到達第2倍增極，可在接線柱AB間接入一個電動勢為E的電源，則到達第2倍增極的電子的最大動能是多少？ (3)若僅在紙面內(nèi)加上垂直紙面的勻強磁場時，發(fā)現(xiàn)速度為垂直第1倍增極出射的電子恰能全部到達第2倍增極上表面．忽略粒子間相互作用，試求： ①磁感應(yīng)強度B的大小和方向； ②關(guān)閉光源后多長時間仍有光電子到達第2倍增極上表面？(可能用到的三角函數(shù)值：sin 11.5°＝0.20，sin 15°＝0.26，sin 37°＝0.60.) 答案精析 1．A　2.A　3.A 4．C　[由題意得，物體A與小車的上表面間的最大靜摩擦力Ffm≥5 N，小車加速運動時，假設(shè)物體A與小車仍然相對靜止，則物體A所受合力F合＝ma＝10 N，可知此時小車對物體A的摩擦力為5 N，方向向右，且為靜摩擦力，所以假設(shè)成立，物體A受到的摩擦力大小不變，故選項A、B錯誤，C正確；物體A與小車仍相對靜止，則物體A受到的彈簧的拉力大小不變，故D錯誤．] 5．C　[a、b隨圓盤轉(zhuǎn)動，角速度相同，由Fn＝mω2r知向心力正比于半徑，C正確．] 6．D　7.A 8．C　[根據(jù)a、b、c三點的電勢可知，電場線方向由a指向c，帶電粒子由靜止開始從a點運動到c點，是順著電場線移動，所以粒子帶正電，A錯誤；點電荷形成的電場不是勻強電場，不能用U＝Ed來計算電勢差與電場強度及兩點間距離的關(guān)系，B錯誤；由動能定理得：qUab＝mv2，qUbc＝mv－mv2，且Uab＝4φ，Ubc＝5φ，計算得vc＝v，C正確，D錯誤．] 9．B　[由于電子沿x軸正方向運動，若所受洛倫茲力向下，則可使電子向下偏轉(zhuǎn)，由左手定則可知磁場方向應(yīng)沿y軸正方向；若加電場使電子向下偏轉(zhuǎn)，所受電場力方向向下，則所加電場方向應(yīng)沿z軸正方向，由此可知B正確．] 10．D　[設(shè)正方形的邊長為a，則導(dǎo)體的電阻R＝ρ＝ρ＝， 兩導(dǎo)體的ρ與d相同，則兩導(dǎo)體電阻相等，即R1＝R2，故A、B錯誤； 導(dǎo)體接入電路中，電壓表示數(shù)U＝IR＝R，由于電源電動勢E、內(nèi)阻r、導(dǎo)體電阻R相同，則電壓表示數(shù)U相同，即U1＝U2，故C錯誤，D正確．] 11．B　[根據(jù)勻變速直線運動的速度時間關(guān)系有：v＝at 所以汽車的加速度大小為：a＝＝ m/s2＝6 m/s2] 12．D　[兩滑塊釋放后，M下滑、m上滑，摩擦力對M做負(fù)功，系統(tǒng)的機械能減少，減少的機械能等于M克服摩擦力做的功，選項A錯誤，D正確．除重力對滑塊M做正功外，還有摩擦力和繩的拉力對滑塊M做負(fù)功，選項B錯誤．繩的拉力對滑塊m做正功，滑塊m機械能增加，且增加的機械能等于拉力做的功，選項C錯誤．] 13．D　[對ab棒受力分析，受重力、支持力和安培力，如圖所示， 由圖可以看出，當(dāng)安培力沿導(dǎo)軌向上時，安培力最小，故安培力的最小值為F＝mgsin θ，故磁感應(yīng)強度的最小值為B＝＝，根據(jù)閉合電路歐姆定律，有E＝IR，故有B＝，根據(jù)左手定則可知磁場方向垂直于回路平面向下，故選項D正確．] 14．BCD　[光線射入AC界面上時，入射角為30°，在c點發(fā)生折射時，由n＝＝，解得：折射角r＝60°.根據(jù)幾何關(guān)系，結(jié)合光路可逆性，知光線從DE射出時光線垂直于DE，光路圖如圖所示，故C正確；由幾何關(guān)系有α＝r＝60°，∠ace＝r－30°＝30°，∠Fec＝90°－α＝30°，所以∠ace＝∠Fec，cf＝ef＝d，由幾何關(guān)系得：ab＝dcos 30°＝d，且b在aD之間，故A錯誤，B正確，若減小d，由ab＝d知，ab間距減小，故D正確．] 15．AC 16．BCD　[核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，要釋放一定頻率的光子，而太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的聚變反應(yīng)，又稱熱核反應(yīng)，并不是核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，釋放出來的能量，故A錯誤；要使輕核發(fā)生聚變，必須使它們的距離達到10－15 m以內(nèi)，核力才能起作用，需要非常高的溫度，故B正確；太陽內(nèi)部大量氫核聚變成氦核會釋放出巨大的能量，故C正確；氘核和氚核可發(fā)生熱核聚變，由質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒得，核反應(yīng)方程是H＋H→He＋n，故D正確．] 17．(1)AD　(2)右　(3)0.16　0.50　(4)平衡摩擦力時，斜面傾角過大 解析　(1)拉小車的細(xì)線要與木板平行，選項A正確；打點計時器要與交流電源連接，選項B錯誤；因為有力傳感器，所以沙桶和沙的質(zhì)量不需要遠小于小車和力傳感器的質(zhì)量，選項C錯誤；平衡摩擦力時，紙帶要穿過打點計時器后連在小車上，選項D正確． (2)紙帶穿過限位孔，壓在復(fù)寫紙的下面打點效果好，所以右邊的打點效果好； (3)vB＝＝ m/s≈0.16 m/s. a＝ ＝×10－2 m/s2 ≈0.50 m/s2. (4)F＝0時已經(jīng)產(chǎn)生加速度，是因為平衡摩擦力時，斜面傾角過大． 18．(1)140　(2)A　D　甲　偏小 (3)如圖所示 19．(1)1 m/s2　8 m　(2)11 N　(3)4.2 s和4.85 s 解析　(1)由題圖可知：加速度大小a1＝＝1 m/s2， 位移的大小即為圖線與時間軸圍成的面積：x1＝ m＝8 m； (2)滑塊在拉力作用下，受力分析如圖甲所示： y軸上，由平衡方程：FN＝mgcos θ x軸上，由牛頓第二定律：F－mgsin θ－Ff＝ma1 其中Ff＝μFN 聯(lián)立解得：F＝11 N (3)滑塊先以a1＝1 m/s2做勻加速直線運動，撤去力F后，滑塊受力分析如圖乙所示： x軸上，由牛頓第二定律：mgsin θ＋Ff＝ma2， 得到a2＝10 m/s2， 以4 m/s的初速度勻減速到0過程， 位移x2＝＝0.8 m， 距頂端0.2 m處的位置在開始減速前進的 x3＝x2－0.2 m＝0.6 m處． 由勻變速位移公式： x3＝vt2－a2t， 解得t2＝0.2 s或0.6 s(已反向運動，舍棄)， 得到t2＝0.2 s， 所對應(yīng)的時刻為t＝4 s＋0.2 s＝4.2 s， 滑塊從開始減速到減速到0時間為t3＝＝0.4 s， 此后滑塊會下滑，摩擦力反向，設(shè)滑塊加速度大小為a3， 由牛頓第二定律：mgsin θ－Ff＝ma3， 解得：a3＝2 m/s2， 設(shè)加速運動0.2 m的時間為t4，x4＝a3t， 得到：t4＝ s， 所對應(yīng)的時刻為：t＝4 s＋0.4 s＋t4＝ s≈4.85 s. 即滑塊經(jīng)過斜面上距斜面頂點0.2 m處所對應(yīng)的時刻分別為4.2 s和4.85 s. 20．(1)0.75 m　(2)1.64 m　(3)7.89 m 解析　(1)小球從A做平拋運動，經(jīng)過時間t落到傾斜導(dǎo)軌上的P點，設(shè)水平位移為x，豎直位移為y，有x＝v0t， y＝gt2 tan 37°＝＝ 聯(lián)立解得x＝0.6 m P點距拋出點A的距離為l＝＝0.75 m (2)由恰好經(jīng)過圓的最高點D，此時有mg＝m， 得vD＝＝ m/s 由P到D，能量關(guān)系：mvP2＋mg(H－lsin 37°)－μmgx0 ＝mv＋2mgR 解得x0＝1.64 m. (3)設(shè)小球最終停留位置與B的距離為x′，從P點到最終停留位置滿足能量關(guān)系： mvP2＋mg(H－lsin 37°)＝μmgx′， 解得x′＝7.89 m. 21．(1)A　(2)②A?、劢涣麟妷骸、躰 解析　(1)根據(jù)電阻定律，電阻率和橫截面積相同時，導(dǎo)線越長，電阻越大，因為A的電阻比B大，所以A線圈匝數(shù)較多． (2)因為要測量A線圈匝數(shù)，所以要把A線圈與低壓交流電源相連接．變壓器輸入、輸出電壓都是交流電，所以要用交流電壓擋測輸入和輸出電壓．根據(jù)變壓器電壓比等于匝數(shù)比，有：＝， 所以：nA＝n. 22．(1)3 A　1.5 V　(2)1 C　(3)2 J 解析　(1)MN棒下擺過程，由機械能守恒定律得： mgh(1－cos 60°)＝mv 解得：v1＝3 m/s， 剛到豎直位置時，感應(yīng)電動勢：E＝BLv1， 則回路中電流為：I＝， MN兩端的電壓：UMN＝IR， 解得：I＝3 A，UMN＝1.5 V (2)PQ棒做勻速直線運動：v2＝ 對PQ棒由動量定理有：BL·Δt＝mv2－0， q＝·Δt 解得q＝1 C (3)取向左為正方向，在MN與導(dǎo)軌接觸的瞬間， 兩棒組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒 由動量守恒定律得：mv1＝mv1′＋mv2， 由能量守恒定律有：mv＝mv1′2＋mv＋Q 解得Q＝2 J 23．(1)hν－mv　(2)mv＋eE (3)①，方向垂直紙面向里 ② 解析　(1)根據(jù)光電效應(yīng)方程：mv＝Ekm＝hν－W0， 所以金屬材料的逸出功：W0＝hν－mv. (2)電子在電場中加速的過程中電場力做功，由動能定理可得到達第2倍增極的電子的最大動能：Ek＝mv＋eE. (3)①由圖，從第1倍增極射出的電子向上運動，由左手定則可知，磁場方向垂直紙面向里． 當(dāng)垂直第1倍增極某位置出射的電子到達第2倍增極相應(yīng)位置時，出射的電子全部被下一倍增極收集到，如圖，根據(jù)幾何關(guān)系有：r2＝a2＋[(2＋)a－r]2，得r＝2a. 電子在磁場中做勻速圓周運動的過程中的半徑：r＝， 得B＝. ②關(guān)閉光源后仍有光電子到達第2倍增極上表面的時間即所有光電子中到達第2倍增極的最長時間． 所有電子運動周期均相同，圓心角最大的粒子時間越長．若電子從第1倍增極M點出發(fā)到達第2倍增極N點，則MN為圓周上的一條弦，若圓心角θ越大，則要求R越大，即當(dāng)粒子和第2倍增極相切時圓心角最大．又圖中sin α＝，當(dāng)R越大，α越大，圓心角θ越大，故在所有軌跡和第2倍增極相切的電子中，半徑越大圓心角越大． 綜上當(dāng)粒子以最大速率從第1倍增極最右端出射，剛好與第2倍增極相切時，圓心角最大， 如圖所示．此時：r′＝＝5a， cos θ＝＝0.8，即θ＝37°， 所以t＝·T 又T＝，得t＝. 18