《2019年高考數(shù)學二輪復習 第一部分 思想方法研析指導 思想方法訓練1 函數(shù)與方程思想 文.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2019年高考數(shù)學二輪復習 第一部分 思想方法研析指導 思想方法訓練1 函數(shù)與方程思想 文.doc（8頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

思想方法訓練1　函數(shù)與方程思想 一、能力突破訓練 1.已知橢圓x24+y2=1的兩個焦點為F1,F2,過F1作垂直于x軸的直線與橢圓相交,其一個交點為P,則|PF2|=(　　) A.32 B.3 C. D.4 2.奇函數(shù)f(x)的定義域為R,若f(x+2)為偶函數(shù),且f(1)=1,則f(8)+f(9)=(　　) A.-2 B.-1 C.0 D.1 3.已知函數(shù)f(x)=x2+ex-12(x<0)與g(x)=x2+ln(x+a)的圖象上存在關于y軸對稱的點,則a的取值范圍是 (　　) A.-∞,1e B.(-∞,e) C.-1e,e D.-e,1e 4.已知{an}是等差數(shù)列,a1=1,公差d≠0,Sn為其前n項和,若a1,a2,a5成等比數(shù)列,則S8的值為(　　) A.16 B.32 C.64 D.62 5.已知函數(shù)f(x)=ax+b(a>0,a≠1)的定義域和值域都是[-1,0],則a+b=　　　　　. 6.已知直線y=a交拋物線y=x2于A,B兩點.若該拋物線上存在點C,使得∠ACB為直角,則a的取值范圍為　　　　　. 7.已知f(x)是定義域為R的偶函數(shù),當x≥0時,f(x)=x2-4x,則不等式f(x+2)<5的解集是　　　　　. 8.設函數(shù)f(x)=cos2x+sin x+a-1,已知不等式1≤f(x)≤174對一切x∈R恒成立,求a的取值范圍. 9.在△ABC中,內角A,B,C所對邊的邊長分別是a,b,c.已知c=2,C=π3. (1)若△ABC的面積等于3,求a,b; (2)若sin C+sin(B-A)=2sin 2A,求△ABC的面積. 10. 某地區(qū)要在如圖所示的一塊不規(guī)則用地上規(guī)劃建成一個矩形商業(yè)樓區(qū),余下的作為休閑區(qū),已知AB⊥BC,OA∥BC,且|AB|=|BC|=2|OA|=4,曲線OC是以O為頂點且開口向上的拋物線的一段,如果矩形的兩邊分別落在AB,BC上,且一個頂點在曲線OC段上,應當如何規(guī)劃才能使矩形商業(yè)樓區(qū)的用地面積最大?并求出最大的用地面積. 二、思維提升訓練 11.已知函數(shù)f(x)=sin2ωx2+12sin ωx- (ω>0),x∈R.若f(x)在區(qū)間(π,2π)內沒有零點,則ω的取值范圍是 (　　) A.0,18 B.0,14∪58,1 C.0,58 D.0,18∪14,58 12.已知數(shù)列{an}是等差數(shù)列,a1=1,a2+a3+…+a10=144. (1)求數(shù)列{an}的通項an; (2)設數(shù)列{bn}的通項bn=1anan+1,記Sn是數(shù)列{bn}的前n項和,若n≥3時,有Sn≥m恒成立,求m的最大值. 13.已知橢圓C:x2a2+y2b2=1(a>b>0)的一個頂點為A(2,0),離心率為22.直線y=k(x-1)與橢圓C交于不同的兩點M,N. (1)求橢圓C的方程; (2)當△AMN的面積為103時,求k的值. 14.直線m:y=kx+1和雙曲線x2-y2=1的左支交于A,B兩點,直線l過點P(-2,0)和線段AB的中點M,求l在y軸上的截距b的取值范圍.  思想方法訓練1　函數(shù)與方程思想 一、能力突破訓練 1.C　解析 如圖,令|F1P|=r1,|F2P|=r2, 則r1+r2=2a=4,r22-r12=(2c)2=12,化簡得r1+r2=4,r2-r1=3,解得r2=72. 2.D　解析 因為函數(shù)f(x)是奇函數(shù),所以f(-x)=-f(x).又因為f(x+2)是偶函數(shù),則f(-x+2)=f(x+2),所以f(8)=f(6+2)=f(-6+2)=f(-4)=-f(4),而f(4)=f(2+2)=f(-2+2)=f(0)=0,f(8)=0,同理f(9)=f(7+2)=f(-7+2)=f(-5)=-f(5);而f(5)=f(3+2)=f(-3+2)=f(-1)=-f(1)=-1,f(9)=1,所以f(8)+f(9)=1.故選D. 3.B　 解析 由已知得,與函數(shù)f(x)的圖象關于y軸對稱的圖象的函數(shù)解析式為h(x)=x2+e-x- (x>0). 令h(x)=g(x),得ln(x+a)=e-x-12,作函數(shù)M(x)=e-x-12的圖象,顯然當a≤0時,函數(shù)y=ln(x+a)的圖象與M(x)的圖象一定有交點. 當a>0時,若函數(shù)y=ln(x+a)的圖象與M(x)的圖象有交點,則ln a<12,則01時,f(x)是增函數(shù),∴a-1+b=-1,a0+b=0,無解.當00,a-1≥0,解得a≥1. 7.{x|-70, ∵當x≥0時,f(x)=x2-4x, ∴f(-x)=(-x)2-4(-x)=x2+4x. 又f(x)為偶函數(shù),∴f(-x)=f(x),∴當x<0時,f(x)=x2+4x,故有f(x)=x2-4x,x≥0,x2+4x,x<0.再求f(x)<5的解,由x≥0,x2-4x<5,得0≤x<5;由x<0,x2+4x<5,得-50,S是關于x的增函數(shù), 當x∈23,2時,S<0,S是關于x的減函數(shù), 所以當x=23時,S取得最大值, 此時|PQ|=2+x=83,|PN|=4-x2=329, Smax=83329=25627. 故該矩形商業(yè)樓區(qū)規(guī)劃成長為329,寬為83時,用地面積最大為25627. 二、思維提升訓練 11.D　解析 f(x)=1-cosωx2+12sin ωx-12=12sin ωx-cos ωx=22sinωx-π4. 由f(x)=0,得ωx-π4=kπ,k∈Z,x=kπω+π4ω,k∈Z. ∵f(x)在區(qū)間(π,2π)內沒有零點, ∴T2≥2π-π=π,且kπω+π4ω≤π,(k+1)πω+π4ω≥2π, 由T2≥π,得T≥2π,0<ω≤1. 由kπω+π4ω≤π,(k+1)πω+π4ω≥2π,解得4k+14≤ω≤4k+58. 當k=-1時,-34≤ω≤18, ∵ω>0,∴0<ω≤18;當k=0時,14≤ω≤58; 當k≤-2或k≥1,k∈Z時,不滿足0<ω≤1. 綜上,ω的取值范圍是0,18∪14,58. 12.解 (1)∵{an}是等差數(shù)列,a1=1,a2+a3+…+a10=144,∴S10=145.∵S10=10(a1+a10)2, ∴a10=28,∴公差d=3.∴an=3n-2(n∈N*). (2)由(1)知bn=1anan+1=1(3n-2)(3n+1) =1313n-2-13n+1, ∴Sn=b1+b2+…+bn=131-13n+1, ∴Sn=n3n+1. ∵Sn+1-Sn=n+13n+4-n3n+1=1(3n+4)(3n+1)>0, ∴數(shù)列{Sn}是遞增數(shù)列. 當n≥3時,(Sn)min=S3=310, 依題意,得m≤310,故m的最大值為310. 13.解 (1)由題意得a=2,ca=22,a2=b2+c2,解得b=2. 所以橢圓C的方程為x24+y22=1. (2)由y=k(x-1),x24+y22=1,得(1+2k2)x2-4k2x+2k2-4=0. 設點M,N的坐標分別為(x1,y1),(x2,y2), 則x1+x2=4k21+2k2,x1x2=2k2-41+2k2. 所以|MN|=(x2-x1)2+(y2-y1)2 =(1+k2)[(x1+x2)2-4x1x2] =2(1+k2)(4+6k2)1+2k2. 因為點A(2,0)到直線y=k(x-1)的距離d=|k|1+k2,所以△AMN的面積為S=12|MN|d=|k|4+6k21+2k2. 由|k|4+6k21+2k2=103,解得k=1. 所以k的值為1或-1. 14.解 由y=kx+1,x2-y2=1(x≤-1)消去y, 得(k2-1)x2+2kx+2=0. ① ∵直線m與雙曲線的左支有兩個交點,∴方程①有兩個不相等的負實數(shù)根. ∴Δ=4k2+8(1-k2)>0,x1+x2=2k1-k2<0,x1x2=-21-k2>0,解得12. ∴b的取值范圍是(-∞,-2-2)∪(2,+∞).