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題型3　三大技巧破解計算題 細心審題，做到一“看”二“讀”三“思” 1．看題 “看題”是從題目中獲取信息的最直接的方法，一定要全面、細心，看題時不要急于求解，對題中關鍵的詞語要多加思考，搞清其含義，對特殊字、句、條件要用著重號加以標注；不能錯看或漏看題目中的條件，重點要看清題中隱含的物理條件、括號內(nèi)的附加條件等． 2．讀題 “讀題”就是默讀試題，是物理信息內(nèi)化的過程，它能解決漏看、錯看等問題．不管試題難易如何，一定要懷著輕松的心情去默讀一遍，逐字逐句研究，邊讀邊思索、邊聯(lián)想，以弄清題中所涉及的現(xiàn)象和過程，排除干擾因素，充分挖掘隱含條件，準確還原各種模型，找準物理量之間的關系． 3．思題 “思題”就是充分挖掘大腦中所儲存的知識信息，準確、全面、快速思考，清楚各物理過程的細節(jié)、內(nèi)在聯(lián)系、制約條件等，進而得出解題的全景圖． [典例1]　某工廠為實現(xiàn)自動傳送工件設計了如圖1所示的傳送裝置，由一個水平傳送帶AB和傾斜傳送帶CD組成．水平傳送帶長度LAB＝4 m，傾斜傳送帶長度LCD＝4.45 m，傾角為θ＝37.傳送帶AB和CD通過一段極短的光滑圓弧板過渡．AB傳送帶以v1＝5 m/s的恒定速率順時針運轉，CD傳送帶靜止．已知工件與兩傳送帶之間的動摩擦因數(shù)均為μ＝0.5，重力加速度g取10 m/s2.現(xiàn)將一個工件(可視為質點)無初速度地放在水平傳送帶最左端A點處．已知sin 37＝0.6，cos 37＝0.8. 圖1 (1)工件從A端開始第一次被傳送到CD傳送帶上，求工件上升的最大高度和從開始到上升到最大高度的過程中所用的時間； (2)要使工件恰好被傳送到CD傳送帶最上端，求CD傳送帶沿順時針方向運轉的速度v2的大?。?v2＜v1) [教你審題] 【解析】　(1)工件無初速度地放在水平傳送帶最左端，在摩擦力作用下做勻加速運動，設其加速度大小為a1，速度增加到v1時所用時間為t1，位移大小為s1，則由受力分析(圖甲)以及牛頓第二定律可得 N1＝mg，f1＝μN1＝ma1，解得a1＝5 m/s2 t1＝＝1 s，s1＝a1t＝2.5 m 由于s1＜LAB，工件隨后在傳送帶AB上做勻速直線運動到B端，則勻速運動的時間t2＝＝0.3 s 工件滑上CD傳送帶后在重力和滑動摩擦力作用下做勻減速運動，設其加速度大小為a2，速度減小到零時所用時間為t3，位移大小為s2，則由受力分析(圖乙)以及牛頓第二定律可得N2＝mgcos θ，mgsin θ＋μN2＝ma2 解得a2＝10 m/s2，s2＝＝1.25 m，h＝s2sin θ＝0.75 m，t3＝＝0.5 s t＝t1＋t2＋t3＝1.8 s. (2)CD傳送帶以速度v2順時針運轉，工件滑上CD傳送帶時的速度大于v2，滑動摩擦力沿CD傳送帶向下，工件減速上滑，加速度大小仍為a2；當工件的速度減小到小于v2時，滑動摩擦力沿CD傳送帶向上，設此時工件的加速度大小為a3，兩個過程的位移大小分別為s3和s4，則由受力分析(圖丙)以及牛頓第二定律可得－2a2s3＝v－v，mgsin θ－μN2＝ma3，－2a3s4＝0－v，LCD＝s3＋s4 解得v2＝4 m/s. 【答案】　(1)0.75 m　1.8 s　(2)4 m/s 用心析題，做到一“明”二“畫”三“析” 1．明過程 “明過程”就是建立物理模型的過程，在審題獲取一定信息的基礎上，要對研究對象的各個運動過程進行剖析，建立起清晰的物理圖景，確定每一個過程對應的物理模型、規(guī)律及各過程間的聯(lián)系． 2．畫草圖 “畫草圖”就是根據(jù)題中各已知量的數(shù)量關系充分想象、分析、判斷，在草稿紙上或答題紙上畫出草圖(如運動軌跡圖、受力分析圖、等效圖等)以展示題述物理情境、物理模型，使物理過程更加直觀、物理特征更加明顯，進而方便確立題給條件、物理量與物理過程的對應關系． 3．析規(guī)律 “析規(guī)律”就是指在解答物理計算題時，在透徹分析題給物理情境的基礎上，靈活選用規(guī)律．如力學計算題可用力的觀點，即牛頓運動定律與運動學公式聯(lián)立求解，也可用能量觀點，即功能關系、機械能守恒定律和能量守恒定律聯(lián)立求解． [典例2]　如圖2，ABD為豎直平面內(nèi)的光滑絕緣軌道，其中AB段是水平的，BD段為半徑R＝0.2 m的半圓，兩段軌道相切于B點，整個軌道處在豎直向下的勻強電場中，場強大小E＝5.0103V/m.一不帶電的絕緣小球甲，以速度v0沿水平軌道向右運動，與靜止在B點帶正電的小球乙發(fā)生彈性碰撞．已知甲、乙兩球的質量均為m＝1.010－2kg，乙所帶電荷量q＝2.010－5C，g取10 m/s2.(水平軌道足夠長，甲、乙兩球可視為質點，整個運動過程無電荷轉移)求： 圖2 (1)甲、乙兩球碰撞后，乙恰能通過軌道的最高點D，求乙在軌道上的首次落點到B點的距離； (2)在滿足(1)的條件下，求甲的速度v0； (3)若甲仍以速度v0向右運動，增大甲的質量，保持乙的質量不變，求乙在軌道上的首次落點到B點的距離范圍． [過程拆分] 第(1)問可拆分為2個小題： ①求乙恰能通過軌道最高點的速度？ 建模：豎直面內(nèi)圓周運動“繩”模型 規(guī)律：牛頓第二定律mg＋Eq＝ ②求乙在軌道上的首次落點到B點的距離x? 建模：乙離開D點后做類平拋運動 規(guī)律：2R＝t2　x＝vDt 第(2)問可拆為2個小題： ③甲、乙兩球剛碰后乙球的速度是多少？ 建模：豎直面內(nèi)圓周運動模型(B→D過程) 規(guī)律：動能定理?。璵g2R－qE2R＝mv－mv ④甲、乙兩球剛碰后甲球的速度是多少？ 建模：彈性碰撞模型 規(guī)律：動量守恒定律__mv0＝mv甲＋mv乙 機械能守恒定律　mv＝mv＋mv 第(3)問可拆分為3個小題： ⑤設甲的質量為M，求甲、乙兩球碰后，乙的速度vm的范圍？ 建模：彈性碰撞 規(guī)律：動量守恒__Mv0＝MvM＋mvm 機械能守恒　Mv＝Mv＋mv ⑥求乙球過D點的速度vD′的范圍？ 建模：豎直面內(nèi)圓周運動模型(B→D過程) 規(guī)律：動能定理?。璵g2R－qE2R＝mvD′2－mv ⑦求小球落點到B點的距離范圍？ 建模：類平拋運動 規(guī)律：水平方向勻速運動__x′＝vD′t 【解析】　(1)在乙恰能通過軌道的最高點情況下，設乙到達最高點的速度為vD，乙離開D點到達水平軌道的時間為t，乙的落點到B點的距離為x，則由向心力公式得m＝mg＋qE ① 豎直方向勻加速運動2R＝t2 ② 水平方向勻速運動x＝vDt ③ 聯(lián)立①②③得：x＝0.4 m． ④ (2)設碰撞后甲、乙的速度分別為v甲、v乙 根據(jù)動量守恒有： mv0＝mv甲＋mv乙 ⑤ 根據(jù)機械能守恒定律有： mv＝mv＋mv ⑥ 聯(lián)立⑤⑥得：v甲＝0，v乙＝v0 ⑦ 由動能定理得：－mg2R－qE2R＝mv－mv ⑧ 聯(lián)立①⑦⑧得：v0＝v乙＝＝2m/s. ⑨ (3)設甲的質量為M，碰撞后甲、乙的速度分別為vM、vm，根據(jù)動量守恒有： Mv0＝MvM＋mvm ⑩ 根據(jù)機械能守恒有： Mv＝Mv＋mv ? 聯(lián)立⑩?可得：vm＝ 由于M＞m，可得：v0＜vm＜2v0 ? 設乙球過D點的速度為vD′ 由動能定理得 －mg2R－qE2R＝mvD′2－mv ? 聯(lián)立??得：2 m/s＜vD′＜8 m/s 設乙在水平軌道上的落點到B點的距離為x′，則有：x′＝vD′t 所以0.4 m＜x′＜1.6 m. 答案：(1)0.4 m　(2)2 m/s　(3)乙在軌道上的首次落點到B點的距離范圍是0.4 m＜x′＜1.6 m 規(guī)范答題，做到一“有”二“分”三“準” 1．有必要的文字說明 必要的文字說明是對題目完整解答過程中不可缺少的文字表述，它能使解題思路清晰明了，讓閱卷老師一目了然，是獲取高分的必要條件之一，主要包括： (1)研究的對象、研究的過程或狀態(tài)的說明． (2)題中物理量要用題中的符號，非題中的物理量或符號，一定要用假設的方式進行說明． (3)題目中的一些隱含條件或臨界條件分析出來后，要加以說明． (4)所列方程的依據(jù)及名稱要進行說明． (5)所列的矢量方程一定要規(guī)定正方向． (6)對題目所求或所問有一個明確的答復且對所求結果的物理意義要進行說明． 2．分步列式、聯(lián)立求解 解答高考試題一定要分步列式，因高考閱卷實行按步給分，每一步的關鍵方程都是得分點．分步列式一定要注意以下幾點： (1)列原始方程，即與原始規(guī)律、公式相對應的具體形式，而不是移項變形后的公式． (2)方程中的字母要與題目中的字母吻合，同一字母的物理意義要唯一．出現(xiàn)同類物理量，要用不同的下標或上標區(qū)分． (3)列純字母方程，方程全部采用物理量符號和常用字母表示(例如位移x、重力加速度g等)． (4)依次列方程，不要方程中套方程，也不要寫連等式或綜合式子． (5)所列方程式盡量簡潔，多個方程式要標上序號，以便聯(lián)立求解． 3．必要演算、明確結果 (1)演算時一般要從列出的一系列方程，推導出結果的計算式，然后代入數(shù)據(jù)并寫出結果(要注意簡潔，千萬不要在卷面上書寫許多化簡、數(shù)值運算式)． (2)計算結果的有效數(shù)字位數(shù)應根據(jù)題意確定，一般應與題目中所列的數(shù)據(jù)的有效數(shù)字位數(shù)相近，若有特殊要求，應按要求確定． (3)計算結果是數(shù)據(jù)的要帶單位(最好采用國際單位)，是字母符號的不用帶單位． (4)字母式的答案中所用字母都必須使用題干中所給的字母，不能包含未知量，且一些已知的物理量也不能代入數(shù)據(jù)． (5)題中要求解的物理量應有明確的答案(盡量寫在顯眼處)，待求量是矢量的必須說明其方向． (6)若在解答過程中進行了研究對象轉換，則必須交代轉換依據(jù)，對題目所求要有明確的回應，不能答非所問． [典例3]　 (2017合肥二模)如圖3所示，直線y＝x與y軸之間有垂直于xOy平面向外的勻強磁場B1，直線x＝d與y＝x間有沿y軸負方向的勻強電場，電場強度E＝1.0104 V/m，另有一半徑R＝1.0 m的圓形勻強磁場區(qū)域，磁感應強度B2＝0.20 T，方向垂直坐標平面向外，該圓與直線x＝d和x軸均相切，且與x軸相切于S點．一帶負電的粒子從S點沿y軸的正方向以速度v0進入圓形磁場區(qū)域，經(jīng)過一段時間進入磁場區(qū)域B1，且第一次進入磁場B1時的速度方向與直線y＝x垂直．粒子速度大小v0＝1.0105m/s，粒子的比荷為＝5.0105C/kg，粒子重力不計．求： 圖3 (1)坐標d的值； (2)要使粒子無法運動到x軸的負半軸，則磁感應強度B1應滿足的條件． [滿分指導]　“抽象思維”“形象思維” (1)“一帶負電的粒子從S點沿y軸進入圓形磁場區(qū)域” 在磁場B2中，由qB2v0＝，得r＝1 m＝R (2)“經(jīng)過……且第一次進入磁場B1時速度方向與直線y＝x垂直” 由(1)可知粒子進入電場做“類平拋運動”，如圖(a)所示． 圖(a) (3)“要使粒子無法運動到x軸的負半軸”，如圖(b)所示． 圖(b) 【解析】　(1)帶電粒子在勻強磁場B2中運動， 由牛頓第二定律得qB2v0＝，解得r＝1 m＝R 甲 粒子進入勻強電場以后，做類平拋運動，設水平方向的位移為x1，豎直方向的位移為y1，則水平方向：x1＝v0t2 豎直方向：y1＝at＝t2 其中：a＝， ＝tan 45＝ 聯(lián)立解得x1＝2 m，y1＝1 m 帶電粒子運動軌跡如圖甲所示： 由幾何關系得d＝R＋y1＋x1＝4 m. (2)①設當勻強磁場磁感應強度為B3時，粒子從電場垂直邊界進入勻強磁場后，軌跡與y軸相切，粒子將無法運動到x軸負半軸，此時粒子在磁場中運動半徑為r1，運動軌跡如圖乙所示： 乙 由幾何關系得r1＋r1＝d－x1 解得r1＝(4－2)m 由牛頓第二定律得qB3v0＝ 解得B3＝0.24 T. ②設當勻強磁場磁感應強度為B4時，粒子垂直打在y軸上，粒子將無法運動到x軸負半軸，粒子在磁場中運動半徑為r2，由如圖所示幾何關系得r2＝d－x1＝2m由牛頓第二定律得qB4v0＝，解得B4＝0.1 T 綜上所述，要使粒子無法運動到x軸的負半軸，則磁感應強度B1應滿足的條件是0＜B1≤0.1 T或B1≥0.24 T. 【答案】　(1)4 m　(2)0＜B1≤0.1 T或B1≥0.24