《2018-2019學年高中物理 第十六章 動量守恒定律 課時提升作業(yè)三 16.4 碰撞 新人教版選修3-5.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2018-2019學年高中物理 第十六章 動量守恒定律 課時提升作業(yè)三 16.4 碰撞 新人教版選修3-5.doc（10頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

課時提升作業(yè) 三 碰撞 (15分鐘　50分) 一、選擇題(本題共5小題,每小題7分,共35分) 1.如圖所示,游樂場上,兩位同學各駕著一輛碰碰車迎面相撞,此后,兩車以共同的速度運動;設甲同學和他的車的總質(zhì)量為150kg,碰撞前向右運動,速度的大小為4.5m/s。乙同學和他的車的總質(zhì)量為200kg,碰撞前向左運動,速度的大小為4.25m/s,則碰撞后兩車共同的運動速度為(取向右為正方向)(　　) A.1 m/s　　 B.0.5 m/s　 C.-1 m/s　 D.-0.5 m/s 【解析】選D。兩車在碰撞的過程中水平方向的動量是守恒的,以向右為正方向,由動量守恒定律得: m1v1-m2v2=(m1+m2)v　代入數(shù)據(jù)得:v=m1v1-m2v2m1+m2=1504.5-2004.25150+200m/s=-0.5m/s 負號表示共同速度的方向向左。故選D。 2.(多選)質(zhì)量為M、內(nèi)壁間距為L的箱子靜止于光滑的水平面上,箱子中間有一質(zhì)量為m的小物塊,小物塊與箱子底板間的動摩擦因數(shù)為μ。初始時小物塊停在箱子正中間,如圖所示?，F(xiàn)給小物塊一水平向右的初速度v,小物塊與箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中間,并與箱子保持相對靜止。設碰撞都是彈性的,則整個過程中,系統(tǒng)損失的動能為(　　) A.12mv2　　　　　　　　 B.12mMm+Mv2 C.12NμmgL D.NμmgL 【解析】選B、D。根據(jù)動量守恒,小物塊和箱子的共同速度v′=mvM+m,損失的動能ΔEk=12mv2-12(M+m)v′2=12mMm+Mv2,所以B正確;根據(jù)能量守恒,損失的動能等于因摩擦產(chǎn)生的熱量,而計算熱量的方法是摩擦力乘以相對位移,所以ΔEk=fNL= NμmgL,可見D正確。 3.質(zhì)量為ma=1kg,mb=2kg的小球在光滑的水平面上發(fā)生碰撞,碰撞前后兩球的位移—時間圖象如圖所示,則可知碰撞屬于(　　) A.彈性碰撞 B.非彈性碰撞 C.完全非彈性碰撞 D.條件不足,不能確定 【解析】選A。由x-t圖象知,碰撞前va=3m/s,vb=0,碰撞后va′=-1m/s,vb′=2m/s,碰撞前動能12mava2+12mbvb2=92J,碰撞后動能12mava′2+12mbvb′2=92J,故機械能守恒;碰撞前動量mava+mbvb=3kgm/s,碰撞后動量mava′+mbvb′=3kgm/s,故動量守恒,所以碰撞屬于彈性碰撞。 4.(多選)質(zhì)量為m的小球A,在光滑的水平面上以速度v0與質(zhì)量為2m的靜止小球B發(fā)生正碰,碰撞后A球的動能恰變?yōu)樵瓉淼?9,則B球的速度大小可能是(　　) A.13v0　　　 B.23v0　　　 C.49v0　　　 D.89v0 【解析】選A、B。依題意,碰后A的動能滿足:12mvA2=1912mv02得vA=13v0,代入動量守恒定律得mv0=m13v0+2mvB,解得vB=13v0或vB=23v0。 5. (多選)如圖所示,在光滑水平面上,質(zhì)量為m的小球A和質(zhì)量為13m的小球B通過輕彈簧相連并處于靜止狀態(tài),彈簧處于自然伸長狀態(tài);質(zhì)量為m的小球C以初速度v0沿AB連線向右勻速運動,并與小球A發(fā)生彈性碰撞。在小球B的右側(cè)某位置固定一塊彈性擋板(圖中未畫出),當小球B與擋板發(fā)生正碰后立刻將擋板撤走。彈簧始終處于彈性限度內(nèi),小球B與擋板的碰撞時間極短,碰后小球B的速度大小不變,但方向相反。則B與擋板碰后彈簧彈性勢能的最大值Em可能是 (　　) A.mv02 B.12mv02 C.16mv02 D.130mv02 【解析】選B、C。由題可知,系統(tǒng)的初動能為Ek=12mv02,而系統(tǒng)的機械能守恒,則彈簧的彈性勢能不可能等于mv02,故A錯誤;由于小球C與小球A質(zhì)量相等,發(fā)生彈性正碰,則碰撞后交換速度,若在A與B速度相等時,B與擋板碰撞,B碰撞后速度與A大小相等、方向相反,當兩者速度同時減至零時,彈簧的彈性勢能最大,最大值為Ep=Ek=12mv02,故B正確;當B的速度很小(約為零)時,B與擋板碰撞時,當兩球速度相等時彈簧的彈性勢能最大,設共同速度為v,以C的初速度方向為正方向,則由動量守恒定律得:mv0=m+13mv,得v=34v0,由機械能守恒定律可知,最大的彈性勢能為Ep=12mv02-12m+13mv2,解得:Ep=18mv02,則最大的彈性勢能的范圍為18mv02～12mv02,故C正確,D錯誤。故選B、C。 【補償訓練】 如圖小球A和小球B質(zhì)量相同,球B置于光滑水平面上。當球A從高為h處由靜止擺下,到達最低點恰好與B相撞,并粘合在一起繼續(xù)擺動,它們能上升的最大高度是(　　) A.h　　　 B.h2　　　 C.h4　　　 D.h8 【解析】選C。A運動到最低點有:mgh=12mvA2,到達最低點恰好與B相撞,并粘合在一起有:mvA=2mv,v=vA2,兩者同時上升時機械能守恒,有:122mv2=2mgH,聯(lián)立解得,H=h4,C正確。 二、非選擇題(15分。需寫出規(guī)范的解題步驟) 6.如圖所示,MN是足夠長的光滑絕緣水平軌道。質(zhì)量為m的帶正電A球,以水平速度v0射向靜止在軌道上帶正電的B球,至A、B相距最近時,A球的速度變?yōu)関04,已知A、B兩球始終沒有接觸。求: (1)B球的質(zhì)量。 (2)A、B兩球相距最近時,兩球組成系統(tǒng)的電勢能增量。 【解題指南】 (1)兩個電荷之間沒有相互接觸,它們之間的相互作用力為庫侖力,A、B組成的系統(tǒng)不受外力,動量守恒。 (2)在相互靠近時庫侖力做負功,機械能減少,電勢能增加,在達到相同速度時電勢能最大。 【解析】(1)A、B組成的系統(tǒng)動量守恒,當兩球相距最近時具有共同速度v,由動量守恒:mv0=(m+mB)v04 解得:mB=3m (2)運動過程中,根據(jù)能量守恒定律得: ΔEp=12mv02-12(m+mB)v042=38mv02 答案:(1)3m　(2)38mv02 (25分鐘　50分) 一、選擇題(本題共4小題,每小題7分,共28分) 1.(多選)如圖,大小相同的擺球a和b的質(zhì)量分別為m和3m,擺長相同,并排懸掛,平衡時兩球剛好接觸。現(xiàn)將擺球a向左拉開一小角度后釋放。若兩球的碰撞是彈性的,下列判斷正確的是　(　　) A.第一次碰撞后的瞬間,兩球的速度大小相等 B.第一次碰撞后的瞬間,兩球的動量大小相等 C.第一次碰撞后,兩球的最大擺角相同 D.第一次碰撞后的瞬間,兩球的動能大小相等 【解析】選A、C。兩球彈性碰撞時動量守恒、動能守恒,設碰撞前a球速度為v,碰撞后兩球速度大小分別為va′=ma-mbma+mb=-12v,vb′=2mama+mbv=12v,速度大小相等,方向相反,選項A正確;由于質(zhì)量不同,碰后兩球動量和動能不相等,選項B、D錯誤;碰后動能轉(zhuǎn)化為重力勢能,由12mv2=mgh知,上升的最大高度相等,所以最大擺角相等,選項C正確。故選A、C。 2.(多選)(2018衡水高二檢測)如圖所示,質(zhì)量分別為m和2m的A、B兩個木塊間用輕彈簧相連,放在光滑水平面上,A緊靠豎直墻壁。用水平力向左推B,將彈簧壓縮,推到某位置靜止時推力大小為F,彈簧的彈性勢能為E。在此位置突然撤去推力,下列說法中正確的是　(　　) A.從撤去推力到A離開豎直墻壁前,A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動量不守恒,機械能守恒 B.從撤去推力到A離開豎直墻壁前,A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒,機械能守恒 C.A離開豎直墻壁后,彈簧彈性勢能最大值為E3 D.A離開豎直墻壁后,彈簧彈性勢能最大值為E 【解析】選A、C。A離開墻前墻對A有彈力,這個彈力雖然不做功,但對A有沖量,因此系統(tǒng)機械能守恒而動量不守恒,故A正確,B錯誤;撤去力F后,B向右運動,彈簧彈力逐漸減小,當彈簧恢復原長時,A開始脫離墻面,這一過程機械能守恒,即滿足:E=12(2m)vB2　 ① A脫離墻面后速度逐漸增加,B速度逐漸減小,此過程中彈簧逐漸伸長,當A、B速度相同時,彈簧彈性勢能最大,這一過程系統(tǒng)動量和機械能均守恒,有: 動量守恒:2mvB=(m+2m)v　 ② 機械能守恒:Epmax=12(2m)vB2-12(m+2m)v2　 ③ 由①②③可解得:Epmax=E3,所以C正確,D錯誤。故選A、C。 3. (2018邯鄲高二檢測)如圖所示,質(zhì)量為m的半圓軌道小車靜止在光滑的水平地面上,其水平直徑AB長度為2R,現(xiàn)將質(zhì)量也為m的小球從距A點正上方h0高處由靜止釋放,然后由A點經(jīng)過半圓軌道后從B沖出,在空中能上升的最大高度為34h0(不計空氣阻力),則(　　) A.小球和小車組成的系統(tǒng)動量守恒 B.小車向左運動的最大距離為12R C.小球離開小車后做斜上拋運動 D.小球第二次能上升的最大高度12h0F故A、C不可能發(fā)生相對滑動,設A、C一起運動的加速度為a a=FmA+M=1m/s2 由x=12at2有:t=2xa=1.2s (2)因A、B發(fā)生彈性碰撞,由于mA=mB,故A、B碰后,A的速度為0,則從碰后瞬間到木板與A速度相同的過程中,由動量守恒定律:Mv0=(M+mA)vv0=at v0=1.2m/s　v=0.8m/s 由能量守恒:μmAgΔx=12Mv02-12(M+mA)v2 Δx=0.12m 故木板C的長度L至少為:L=x+Δx=0.84m 答案:(1)1.2s　(2)0.84 m 6. (12分)如圖,車廂的質(zhì)量為M,長度為L,靜止在光滑水平面上,質(zhì)量為m的木塊(可看成質(zhì)點)以速度v0無摩擦地在車廂底板上向右運動,木塊與前車壁碰撞后以速度v02向左運動,求: (1)木塊與前車壁碰撞過程中,木塊對車廂的沖量。 (2)再經(jīng)過多長時間,木塊將與后車壁相碰? 【解析】(1)木塊和車廂組成的系統(tǒng)動量守恒,設向右為正方向,碰后車廂的速度為v′,mv0=Mv′-mv02, 解得v′=3mv02M,方向向右, 對車廂,根據(jù)動量定理得, 木塊對車廂的沖量I=Mv′=3mv02,方向向右。 (2)設t時間后木塊將與后車壁相碰,則:v′t+v02t=L, 解得t=Lv02+3mv02M=2ML(M+3m)v0 答案:(1)3mv02,方向向右　(2)2ML(M+3m)v0 【補償訓練】 兩個質(zhì)量分別為M1和M2的劈A和B,高度相同,放在光滑水平面上。A和B的傾斜面都是光滑曲面,曲面下端與水平面相切,如圖所示。一質(zhì)量為m的物塊位于劈A的傾斜面上,距水平面的高度為h。物塊從靜止開始滑下,然后又滑上劈B。求物塊在B上能夠達到的最大高度。 【解析】設物塊到達劈A的底端時,物塊和A的速度大小分別為u和v,由機械能守恒和動量守恒得: mgh=12mu2+12M1v2,　 ① M1v=mu,　 ② 設物塊在劈B上達到的最大高度為h′,此時物塊和B的共同速度大小為v′,由機械能守恒和動量守恒得:mgh′+12(M2+m)v′2=12mu2,　 ③ mu=(M2+m)v′,　 ④ 聯(lián)立①②③④得h′=M1M2(M1+m)(M2+m)h。 答案:M1M2(M1+m)(M2+m)h