2019高考物理二輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題三 動(dòng)量和能量 1-3-7 碰撞與動(dòng)量守恒訓(xùn)練.docx
《2019高考物理二輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題三 動(dòng)量和能量 1-3-7 碰撞與動(dòng)量守恒訓(xùn)練.docx》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《2019高考物理二輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題三 動(dòng)量和能量 1-3-7 碰撞與動(dòng)量守恒訓(xùn)練.docx(8頁(yè)珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1-3-7 碰撞與動(dòng)量守恒 課時(shí)強(qiáng)化訓(xùn)練 1.(2018天津河?xùn)|一模)(多選)一輛汽車(chē)在平直公路上從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng),所受阻力恒定,10 s末撤掉牽引力,其速度隨時(shí)間變化的圖像如圖所示,則下列說(shuō)法正確的是( ) A.0~5 s和10~15 s內(nèi)加速度相同 B.0~5 s和10~15 s內(nèi)阻力做功相等 C.0~5 s和5~10 s內(nèi)牽引力做功的平均功率相等 D.0~5 s和10~15 s內(nèi)合外力的沖量相同 [解析] v-t圖線的斜率表示加速度,由圖可知0~5 s和10~15 s內(nèi)加速度大小相等,但是方向相反,故不相同,A錯(cuò)誤; v-t圖線與時(shí)間軸所圍的面積表示位移,由圖可知0~5 s和10~15 s內(nèi)位移相等,又阻力恒定,故阻力做功相等,B正確; 0~5 s內(nèi):加速度a1= m/s2=2 m/s2,位移x1=510 m=25 m; 5~10 s內(nèi):加速度為零,位移x2=510 m=50 m; 10~15 s內(nèi):加速度a3= m/s2=-2 m/s2,位移x3=510 m=25 m; 根據(jù)牛頓第二定律,0~5 s內(nèi):F1-f=ma1 根據(jù)平衡條件,5~10 s內(nèi):F2=f 根據(jù)牛頓第二定律,10~15 s內(nèi):-f=ma3 聯(lián)立解得:F1=4m(N),F(xiàn)2=2m(N) 0~5 s內(nèi)牽引力做功的平均功率為: ===20m(W), 5~10 s內(nèi)牽引力做功的平均功率為: ===20m(W), 故0~5 s和5~10 s內(nèi)牽引力做功的平均功率相等,C正確; 由C項(xiàng)分析可知0~5 s和10~15 s內(nèi)汽車(chē)的位移相同,所受合外力等大、反向,故沖量也是等大、反向,故D錯(cuò)誤。 [答案] BC 2.(2018山東菏澤一模)有一個(gè)豎直固定放置的光滑四分之一圓軌道,軌道圓心O到地面的高度為h,小球從軌道最高點(diǎn)A由靜止開(kāi)始沿著圓弧軌道滑下,從軌道最低點(diǎn)B離開(kāi)軌道,然后做平拋運(yùn)動(dòng)落到水平地面上的C點(diǎn),C點(diǎn)與A點(diǎn)的水平距離也等于h,則下列說(shuō)法正確的是( ) A.當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到軌道最低點(diǎn)B時(shí),軌道對(duì)它的支持力等于重力的4倍 B.小球在圓弧軌道上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,重力對(duì)小球的沖量在數(shù)值上大于圓弧軌道的支持力對(duì)小球的沖量 C.根據(jù)已知條件可以求出該四分之一圓軌道的軌道半徑為0.2h D.小球做平拋運(yùn)動(dòng)落到地面時(shí)的速度與水平方向夾角θ的正切值tan θ=0.5 [解析] 由mgR=mv,F(xiàn)B-mg=m,解得FB=3mg,A錯(cuò)誤;小球從A運(yùn)動(dòng)到B,合外力沖量水平向右,則支持力的沖量在豎直方向的分量與重力的沖量大小相等,故支持力沖量在數(shù)值上大于重力的沖量,B錯(cuò)誤;小球做平拋運(yùn)動(dòng)時(shí),h-R=gt2,h-R=vBt,解得R=0.2h,C正確;設(shè)小球做平拋運(yùn)動(dòng)位移與水平方向夾角為α,則tan α=1,因?yàn)閠an θ=2 tan α,所以tan θ=2,D錯(cuò)誤。 [答案] C 3.(2018河北衡水中學(xué)二模)(多選) 如圖,質(zhì)量分別為m1=1.0 kg和m2=2.0 kg的彈性小球a、b,用輕繩緊緊地把它們捆在一起,使它們發(fā)生微小的形變。該系統(tǒng)以速度v0=0.10 m/s沿光滑水平面向右做直線運(yùn)動(dòng)。某時(shí)刻輕繩突然自動(dòng)斷開(kāi),斷開(kāi)后兩球仍沿原直線運(yùn)動(dòng)。經(jīng)過(guò)時(shí)間t=5.0 s后,測(cè)得兩球相距s=4.5 m,則下列說(shuō)法正確的是( ) A.剛分離時(shí),a球的速度大小為0.7 m/s B.剛分離時(shí),b球的速度大小為0.2 m/s C.剛分離時(shí),a、b兩球的速度方向相同 D.兩球分開(kāi)過(guò)程中釋放的彈性勢(shì)能為0.27 J [解析] 系統(tǒng)動(dòng)量守恒,以向右為正方向,由動(dòng)量守恒定律得:(m1+m2)v0=m1v1+m2v2,位移:s=v1t-v2t,代入數(shù)據(jù)解得:v1=0.70 m/s,v2=-0.20 m/s,負(fù)號(hào)表示速度方向與正方向相反,故選項(xiàng)A、B正確,C錯(cuò)誤;由能量守恒定律得:(m1+m2)v+Ep=m1v+m2v,代入數(shù)據(jù)解得:Ep=0.27 J,選項(xiàng)D正確。 [答案] ABD 4.(2018福建泉州檢測(cè))如圖所示,兩個(gè)大小相同、質(zhì)量均為m的彈珠靜止在水平地面上。某小孩在極短時(shí)間內(nèi)給第一個(gè)彈珠水平?jīng)_量使其向右運(yùn)動(dòng),當(dāng)?shù)谝粋€(gè)彈珠運(yùn)動(dòng)了距離L時(shí)與第二個(gè)彈珠發(fā)生彈性正碰,碰后第二個(gè)彈珠運(yùn)動(dòng)了2L距離停下。已知彈珠所受阻力大小恒為重力的k倍,重力加速度為g,則小孩對(duì)第一個(gè)彈珠( ) A.施加的沖量為m B.施加的沖量為m C.做的功為kmgL D.做的功為3kmgL [解析] 當(dāng)?shù)谝粋€(gè)彈珠運(yùn)動(dòng)了距離L時(shí)與第二個(gè)彈珠發(fā)生彈性正碰,根據(jù)動(dòng)量守恒和能量守恒可知,兩彈珠速度發(fā)生交換,即第一個(gè)彈珠碰后停止運(yùn)動(dòng),第二個(gè)彈珠以第一個(gè)彈珠碰前的速度繼續(xù)向前運(yùn)動(dòng)了2L距離停下,從效果上看,相當(dāng)于第二個(gè)彈珠不存在,第一個(gè)彈珠直接向前運(yùn)動(dòng)了3L的距離后停止運(yùn)動(dòng),根據(jù)動(dòng)能定理可知,小孩對(duì)第一個(gè)彈珠做的功等于彈珠獲得的動(dòng)能,也等于克服阻力做的總功,即W=Ek=kmg3L,選項(xiàng)C錯(cuò)誤,選項(xiàng)D正確;施加的沖量I=Δp=p-0=-0==m,選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤。 [答案] D 5.(2018江西上饒六校一聯(lián))(多選)如圖甲所示,在光滑水平面上,輕質(zhì)彈簧一端固定,物體A以速度v0向右運(yùn)動(dòng)壓縮彈簧,測(cè)得彈簧的最大壓縮量為x,現(xiàn)讓彈簧一端連接另一質(zhì)量為m的物體B(如圖乙所示),物體A以2v0的速度向右壓縮彈簧,測(cè)得彈簧的最大壓縮量仍為x,則( ) A.A物體的質(zhì)量為3m B.A物體的質(zhì)量為2m C.彈簧壓縮量最大時(shí)的彈性勢(shì)能為mv D.彈簧壓縮量最大時(shí)的彈性勢(shì)能為mv [解析] 彈簧固定,當(dāng)彈簧壓縮量最大時(shí),彈性勢(shì)能最大,A的動(dòng)能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢(shì)能,A及彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒,則知彈簧被壓縮過(guò)程中最大的彈性勢(shì)能等于A的初動(dòng)能,設(shè)A的質(zhì)量為mA,即有: Epm=mAv 當(dāng)彈簧一端連接另一質(zhì)量為m的物體B時(shí),A與彈簧相互作用的過(guò)程中B將向右運(yùn)動(dòng),A、B速度相等時(shí),彈簧的彈性勢(shì)能最大,選取A的初速度的方向?yàn)檎较?,由?dòng)量守恒定律得:mA2v0=(m+mA)v 由機(jī)械能守恒定律得:Epm=mA(2v0)2-(mA+m)v2 解得:mA=3m,Epm=mv 故A、C正確,B、D錯(cuò)誤。 [答案] AC 6.(2018湖北宜昌調(diào)研)如圖所示,光滑水平面上有大小相同的A、B兩球沿同一直線運(yùn)動(dòng)。兩球的質(zhì)量關(guān)系為mB=2mA,規(guī)定向右為正方向,兩球的動(dòng)量均為5 kgm/s,運(yùn)動(dòng)中兩球發(fā)生碰撞,碰撞后A球的動(dòng)量變化量為-3 kgm/s,則( ) A.右方是A球,碰撞后A、B兩球速度大小之比為1∶2 B.右方是A球,碰撞后A、B兩球速度大小之比為1∶4 C.左方是A球,碰撞后A、B兩球速度大小之比為1∶2 D.左方是A球,碰撞后A、B兩球速度大小之比為1∶4 [解析] 規(guī)定向右為正方向,兩球初始動(dòng)量均為5 kgm/s,則兩球均向右運(yùn)動(dòng),又因?yàn)閯?dòng)量p=mv,mB=2mA,所以vA=2vB,則斷定左方為A球,故A、B兩項(xiàng)錯(cuò)誤。碰撞后A球的動(dòng)量變化量為-3 kgm/s,則碰撞后A球的動(dòng)量為pA=2 kgm/s,據(jù)動(dòng)量守恒定律可得B球碰撞后的動(dòng)量應(yīng)為pB=8 kgm/s,由p=mv,得v=,所以==,故C項(xiàng)正確,D項(xiàng)錯(cuò)誤。 [答案] C 7.(2018湖北四地七校聯(lián)盟聯(lián)考)如圖所示,豎直平面內(nèi)有一半圓槽,A、C等高,B為圓槽最低點(diǎn),小球從A點(diǎn)正上方O點(diǎn)靜止釋放,從A點(diǎn)切入圓槽,剛好能運(yùn)動(dòng)至C點(diǎn)。設(shè)球在AB段和BC段運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,運(yùn)動(dòng)時(shí)間分別為t1、t2,合外力的沖量大小為I1、I2,則( ) A.t1>t2 B.t1=t2 C.I1>I2 D.I1=I2 [解析] 小球從A點(diǎn)正上方O點(diǎn)靜止釋放,做自由落體運(yùn)動(dòng),從A點(diǎn)切入圓槽,剛好能運(yùn)動(dòng)至C點(diǎn),則知小球在AB段平均速率大于BC段平均速率,又兩段路程相等,所以球在AB段和BC段運(yùn)動(dòng)時(shí)間的大小關(guān)系為t1- 1.請(qǐng)仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對(duì)于不預(yù)覽、不比對(duì)內(nèi)容而直接下載帶來(lái)的問(wèn)題本站不予受理。
- 2.下載的文檔,不會(huì)出現(xiàn)我們的網(wǎng)址水印。
- 3、該文檔所得收入(下載+內(nèi)容+預(yù)覽)歸上傳者、原創(chuàng)作者;如果您是本文檔原作者,請(qǐng)點(diǎn)此認(rèn)領(lǐng)!既往收益都?xì)w您。
下載文檔到電腦,查找使用更方便
9.9 積分
下載 |
- 配套講稿:
如PPT文件的首頁(yè)顯示word圖標(biāo),表示該P(yáng)PT已包含配套word講稿。雙擊word圖標(biāo)可打開(kāi)word文檔。
- 特殊限制:
部分文檔作品中含有的國(guó)旗、國(guó)徽等圖片,僅作為作品整體效果示例展示,禁止商用。設(shè)計(jì)者僅對(duì)作品中獨(dú)創(chuàng)性部分享有著作權(quán)。
- 關(guān) 鍵 詞:
- 2019高考物理二輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題三 動(dòng)量和能量 1-3-7 碰撞與動(dòng)量守恒訓(xùn)練 2019 高考 物理 二輪 復(fù)習(xí) 專(zhuān)題 動(dòng)量 能量 碰撞 守恒 訓(xùn)練
鏈接地址:http://www.3dchina-expo.com/p-6341043.html